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是嫌棄我第一學(xué)歷二本，還是HC已經(jīng)被搶光了

研一，零樣本分類方向，不搞科研（讀過(guò)三四十篇論文，沒(méi)啥好想法，就放棄了，已經(jīng)躺了兩個(gè)月了）； 之前有一年半的AI編譯器工作經(jīng)驗(yàn)（Gap year） 現(xiàn)在主要想刷實(shí)習(xí)，但是糾結(jié)是找算法崗實(shí)習(xí)還是開(kāi)發(fā)崗。 不做算法感覺(jué)跟不上主流，但是也怕沒(méi)有論文畢業(yè)之后轉(zhuǎn)正不了。 有木有路過(guò)大佬提點(diǎn)建議呢。

求解我的做法為啥只過(guò)了50%的樣例，下面是做法原理；根據(jù)矩陣變換公式 我將B點(diǎn)根據(jù)旋轉(zhuǎn)公式旋轉(zhuǎn)一次旋轉(zhuǎn) 得到 k1 , k2 , k3 然后我就先寫程序找到A、B點(diǎn)中靠右的點(diǎn)即可以逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)的點(diǎn)然后根據(jù)公式旋轉(zhuǎn)， 50%的樣例真難受 ， 應(yīng)該是我代碼某個(gè)地方錯(cuò)了，找不出來(lái)， 求幫助 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <unordered_map> #include <vector> #include <map> #...

莫比烏斯反演過(guò)程：最后就是 #include <bits/stdc++.h> using namespace std ; const int mod = 1e9 + 7 ; const int N = 1e5 + 5 ; int phi[N] , tot , prime[N] , vis[N] ; typedef long long ll ; ll qmi(ll a ,ll b) { ll res = 1; while(b) { if(b & 1) res = res * a % mod ; a = a * a % mod ; ...

題目描述原題來(lái)自：BeiJing 2010 組隊(duì)賽 給定一張 個(gè)點(diǎn) 條邊的無(wú)向圖，求無(wú)向圖的嚴(yán)格次小生成樹(shù)。 設(shè)最小生成樹(shù)的邊權(quán)之和為 ，嚴(yán)格次小生成樹(shù)就是指邊權(quán)之和大于 的生成樹(shù)中最小的一個(gè)。 輸入格式第一行包含兩個(gè)整數(shù) 和 ，表示無(wú)向圖的點(diǎn)數(shù)與邊數(shù)； 接下來(lái) 行，每行三個(gè)數(shù) ，表示點(diǎn) 和點(diǎn) 之間有一條邊，邊的權(quán)值為 。 輸出格式包含一行，僅一個(gè)數(shù)，表示嚴(yán)格次小生成樹(shù)的邊權(quán)和。 數(shù)據(jù)保證必定存在嚴(yán)格次小生成樹(shù)。 樣例樣例輸入5 61 2 11 3 22 4 33 5 43 4 34 5 6樣例輸出11數(shù)據(jù)范圍與提示對(duì)于全部數(shù)據(jù)，，數(shù)據(jù)中無(wú)向圖無(wú)自環(huán)，邊權(quán)值非負(fù)且不超過(guò) 。 首先...

題目描述最長(zhǎng)上升子序列是一道經(jīng)典的題目,liu_runda很想在模擬賽中考考這個(gè)題目,但是他又不想被選手罵出原題,于是就把原題魔改一下再出出來(lái).對(duì)于一個(gè)數(shù)列a[1],a[2]…a[n], 我們定義子序列是一系列下標(biāo)的集合: {x1,x2…xm}其中, 1<=x1<x2<x3…<xm<=n本題的上升子序列應(yīng)滿足a[x1]<=a[x2]<=a[x3]…<=a[xm], 也就是說(shuō), 我們考慮的是非嚴(yán)格的上升子序列(或者說(shuō),不下降子序列)兩個(gè)子序列不同, 當(dāng)且僅當(dāng)有一個(gè)下標(biāo)被一個(gè)子序列包含卻不被另一個(gè)子序列包含.給出一個(gè)數(shù)列, 你需要找出所有非嚴(yán)格的上升...

1、題意 給一顆偶數(shù)個(gè)節(jié)點(diǎn)的有邊權(quán)樹(shù) ， 節(jié)點(diǎn)數(shù)為n ， 要求劃分成n / 2 個(gè)集合， 兩個(gè)點(diǎn)在一個(gè)集合中， 代價(jià)為兩點(diǎn)之間的最短路徑 ， 然后要求求最小代價(jià) 2、策略 1)、貪心的講 ， 我們兩點(diǎn)之間盡量連一到兩條邊， 不然多條邊肯定會(huì)造成更大的代價(jià)， 2)、樹(shù)上的算法一般都是由dfs 為主體框架 ， 來(lái)進(jìn)行構(gòu)造整個(gè)算法流程的 dfs設(shè)計(jì)的肯定是當(dāng)前節(jié)點(diǎn)u ，兒子節(jié)點(diǎn)v之間的關(guān)系 ， 同時(shí)要所有的關(guān)系都要考慮清楚， 一般而言 ， 關(guān)系就兩種 ， u有兒子節(jié)點(diǎn)v ， u沒(méi)有兒子節(jié)點(diǎn)v ， 對(duì)于這個(gè)問(wèn)題來(lái)說(shuō)，第一， 兩點(diǎn)之間要連一條邊（由兩點(diǎn)劃分為一個(gè)集合， 代價(jià)為兩點(diǎn)之間的最短路即邊權(quán)...

此題目的意思就是現(xiàn)在有以s節(jié)點(diǎn)為根節(jié)點(diǎn)的一棵樹(shù)，要求斷掉一些邊， 使得葉子節(jié)點(diǎn)無(wú)法到達(dá)根節(jié)點(diǎn)（在一個(gè)樹(shù)中， 只有一個(gè)度的節(jié)點(diǎn)只有葉子節(jié)點(diǎn)，或者單鏈?zhǔn)降臉?shù)(如樣例2)）單鏈?zhǔn)降臉?shù)根節(jié)點(diǎn)和葉子節(jié)點(diǎn)都有且只有一個(gè)度，所以要特殊考慮一下 下面直接考慮樹(shù)形dp做法 考慮一下研究總問(wèn)題：以s為節(jié)點(diǎn)的子樹(shù)斷掉一些邊，使得葉子節(jié)點(diǎn)無(wú)法到達(dá)根節(jié)點(diǎn) 那么在dp做法下， 肯定要考慮子問(wèn)題 ， 那么總問(wèn)題的子問(wèn)題肯定和它的孩子節(jié)點(diǎn)有關(guān) 用dp[u] 表示以u(píng)為節(jié)點(diǎn)的子樹(shù)斷掉一些邊， 使得葉子節(jié)點(diǎn)無(wú)法到達(dá)u節(jié)點(diǎn) 通常做法就是考慮s節(jié)點(diǎn)的孩子節(jié)點(diǎn) ， 對(duì)于s節(jié)點(diǎn)來(lái)說(shuō) 1、直接斷掉一條到孩子節(jié)點(diǎn)v的邊 ， 那么這個(gè)時(shí)候這個(gè)...

參照題解， 但他這個(gè)是 凸 的 題目描述 今有一兩行n列的長(zhǎng)矩陣，其中的數(shù)有正有負(fù)，均不超出整數(shù)的范圍。小明想從這個(gè)長(zhǎng)矩陣中圈出一個(gè)“凹”字形（可正可倒），使得這個(gè)“凹”字形中的所有數(shù)之和盡可能大，請(qǐng)問(wèn)能達(dá)到的最大值是多少？ 輸入 輸入第一行包含一個(gè)整數(shù)n，即矩陣的列數(shù)，n小于1000000。以下兩行，每行包含n個(gè)數(shù)，用來(lái)描述這個(gè)矩陣。所有數(shù)在整數(shù)范圍內(nèi)。 輸出 輸出包含一行一個(gè)數(shù)，即求出的最大值。 樣例輸入 Copy 【樣例1】 4 1 -1 1 1 -4 1 1 1 【樣例2】 10 47 -10 48 -24 -14 3 -40 -23 10 -25 -1 -28 25 31 -...

大佬博客 馬拉車用于解決最長(zhǎng)回文子串問(wèn)題，重點(diǎn)是子串，而不是子序列，想了解最長(zhǎng)回文子序列的可以看下這篇博客傳送門。對(duì)于這種問(wèn)題，當(dāng)然最簡(jiǎn)單粗暴的方法就是暴力求解，但太暴力也不好，畢竟會(huì)TLE。所以對(duì)于求最長(zhǎng)回文子串的問(wèn)題有一種神奇的算法——馬拉車算法，神奇就神奇在時(shí)間復(fù)雜度為O(n)。 我先說(shuō)一下大概思路，就是用一個(gè)Len[i]數(shù)組去存第i個(gè)位置到mx位置的長(zhǎng)度，然后用id記錄上一次操作的位置，mx標(biāo)記上一次的最長(zhǎng)子串的最右端，然后依次去遞推。不太好理解(花了好幾個(gè)小時(shí)才懂)，現(xiàn)在看不懂沒(méi)關(guān)系，我盡量講的詳細(xì)點(diǎn)。 以hihoCoder的一道裸題為例，只要能AC就差不多懂了，題目鏈接：傳送門 ...

凸包算法（Graham掃描法）詳解 先說(shuō)下基礎(chǔ)知識(shí)，不然不好理解后面的東西 兩向量的X乘p1(x1,y1),p2(x2,y2) p1Xp2如果小于零則說(shuō)明 p1在p2的逆時(shí)針?lè)较?amp;nbsp;如果大于零則說(shuō)明 p1在p2的順時(shí)針?lè)较?amp;nbsp;struct node{ double x,y; node friend operator -(node a,node b)//對(duì)減法符號(hào)進(jìn)行重載 { return {a.x-b.x,a.y-b.y}; } }p[10000],s[10000]; double X(node a,node b){ retur...

類似于差分異或前綴和， 將區(qū)間操作連成圖， 跑一便 #include <bits/stdc++.h> using namespace std ; const int N = 2e5 + 10 ; int a[N] , b[N] , c[N] , d[N] ; int n , m ; int h[N * 2] , ne[N * 2] , e[N * 2] , w[N * 2] , vis[N * 2] ; int idx , use[N] ; int get(int x) { return lower_bound(d + 1 , d + n + 1 , x) - d ; } v...

大佬博客 #include <bits/stdc++.h> using namespace std ; const int N = 2e5 + 10 ; int ans[N] , a[N] , dp[N] ; vector<int> v[N] ; int dfs(int u , int fa) { dp[u] = a[u] ; for(auto x : v[u]) { if(x == fa) continue ; dfs(x , u) ; dp[u] += max(dp[x] , 0) ; } } int dfs1(i...

Social Infrastructure Information Systems Division, Hitachi Programming Contest 2020 并且， 其中的a如果不等于0 ， 那么肯定a >= 1 , 如果在t 時(shí)間訪問(wèn)完ai 那么下一個(gè)訪問(wèn)完花費(fèi)時(shí)間是 ( t + 1 ) * aj + bj + t , 這就相當(dāng)于兩倍的t還多 ， 照這樣加些去， 會(huì)變成4t , 8t ,幾何式增長(zhǎng)， 所以只要30次就夠了， 然后考慮到還有a=0的， 所以呢， 如果訪問(wèn)了i個(gè)a >= 1 的， 再找到符合T時(shí)間a=0超時(shí)就行了，二分查找，兩者相加<=t , 并且...